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1.求最长回文子串。
[解法]：
将整个字 符串反过来写在原字符串后面，中间用一个特殊的字符隔开。这样就把问题变为了
求这个新的字符串的某两个后缀的最长公共前缀。而某两个后缀的lcs的计算利用后缀数组，可以O(1),这样总的复杂度就可以降为O(n)。
eg：aabebf —-> aabebf&fbebaa
假设存在一个回文串，则它具有如下特点，|——<—*—>–|&|–<—*—>——|
从头图中*处开始的两个后缀的最长公共前缀就是回文串的，这两个*的位置具有特殊性，如果回文串是奇数长则与&的距离相等，如果是偶数则相差1。这样*的可能位置就是线性的。
2.不相同的子串的个数
[解法]：
根据后缀数组里的顺序我们进行计算，假设前i个后缀所包含的子串数目为，N,我们看加上第i+1个后缀，会增加多少个子串。我们看到这个新加的后缀，它的长度为len-sa[i]，它的前缀也就有这些。但是这些前缀里，有已经出现的，个数就是与它相邻后缀的lcs的长度，为height[i],这样我们要从这里面减去它结果就是增加了len-sa[i]-height[i].这样只需要把后缀数组从1扫描到N即可计算出全部结果。
3.可重叠最长重复子串
[解法]：
这个就是后缀数组里，max{lcs(i,i+1)}的大小
4.重复出现但不重叠的最长子串长度(pku1743).
[解法]：
后缀数组，因为如果存在长度为i的不重叠重复子串，也一定存在长度为1…i-1的不重叠重复子串。这样我们就可以用二分长度来做。因此需要一个判断函数：判断是否存在一个长度为L的不重叠重复子串。
这个判断可以这样来做：我们维持一段height的值>= L的区间，并保存这个区间里的在原串中的索引的最大值和最小值，并比较这两个之间的距离是否大于L，这样可以保证它们不重叠，如果这两个重叠的话，那么其他的更必然是重叠的。
5.求一个字符串中出现次数最多的子串。
[解法]：
后缀数组，只需要扫描height数组，找到一个最长的连续序列，这个序列元素不包含0，那么它们的公共前缀就是那个出现次数最多的子串。这里假设子串可以重叠。
6.求一个串的重复次数最多的连续重复子串.(spoj687,pku3693)
[解法]：
先穷举长度 L ，然后求长度为 L 的子串最多能连续出现几次。首先连续出 现
1 次是肯定可以的，所以这里只考虑至少 2 次的情况。假设在原字符串中连续 出
现 2 次，记这个子字符串为 S ，那么 S 肯定包括了字符 r[0], r[L], r[L*2],
r[L*3], …… 中的某相邻的两个。所以只须看字符 r[L*i] 和 r[L*(i+1)] 往前和
往后各能匹配到多远，记这个总长度为 K ，那么这里连续出现了 K/L+1 次。最 后
看最大值是多少。
这里的关键点在：我们有一个循环节为L的重复串，我们用长度L去分割它，我们可以看到必然有一个L段落到重复串的区间上，以这个L的左右两端点为开始，往左找到一个最大的匹配位置，往右找到一个最大的匹配位置。我们可以看到它们合起来就是整个重复串大小。而往左或者往右寻找匹配位置，时间上是再求L的左右端点开始的后缀的lcs(这个就可以用后缀数组来求解了)。
具体如下：枚举长度L，对于一个已经确定的长度L，我们再穷举r[0], r[L], r[L*2],r[L*3], …… 中的相邻的两个。找到可以扩展到的最大长度，这样就找到了长度为循环节为L的重复最多的连续重复子串。复杂度为N*(N/1+N/2…+N/N)*O(lcs(r[L*i],r[L*(i+1))),lcs这个操作可以利用后缀数组在O(1)时间内解决，所以总的复杂度是O(n*(n/1+n/2…+n/n)) = O(n^2logn)。
7.两个字符串最长公共子串 (pku2774)
[解法]：将s1,s2合并为一个字符串s, 也就是求s的max(lcp[i][j]), 唯一i,j分别位于s1和s2, 利用后缀数组计算s的h[]或者height[]数组,那么答案即为h中的最大值。
证明如下：反证法。s1,s2一定存在最大公共子串t，t为s1的子串t1和s2的子串t2的最长公共前缀的长度lcp[t1][t2], 假设t1,t2在后缀数组中不相邻，则任意取后缀数组中位于t1,t2之间的串tt, 则lcp[tt][t1]与lcp[tt][t2]中至少有一个同时满足
(1) >=lcp[t1][t2] ：(这是由后缀数组的性质所决定的,因为lcp[t1][t2]等于它们两个之间相邻后缀的最小值)
(2) 两串分别位于s1,s2：这是因为t1,t2分别属于s1,s2；(因为tt要么属于s1，要么属于s2，如果属于s1，则tt,t2分别属于s1,s2，反之则t1,tt分别属于s1,s2)
如果>lcp[t1][t2]，这样就与lcp[t1][t2]=max(lcp[i][j]), 唯一i,j分别位于s1和s2，矛盾，因为出现了一个比最大值还大的lcp。所以假设不成立，所以t1,t2在后缀数组中相邻。
如果=lcp[t1][t2],那我们可以把现在的这个作为前后两部分的最长公共子串，这样不断迭代下去，也可以保证，找到一个可行解在后缀数组中相邻。
所以我们只有后缀数组中满足i,i+1一个在s1，一个在s2，并且最大的那个lcp(i,i+1)即可。通过证明s1和s2那个最长公共子串位于后缀数组中的相邻位置，我们把复杂度减低到了线性。
8.每个字符串至少出现两次且不重叠的最长子串 (spoj220)
[解法]：
后缀数组。